姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________
题型 得分 评卷人 得分 选择题 填空题 解答题 判断题 计算题 附加题 总分 1. （知识点：共点力的平衡,动能定理,牛顿第二定律F=ma,全电路欧姆定律,法拉第电磁感应定律,磁场对电流的作用）
如图甲所示，MN、PQ为间距L=0.5m足够长的平行导轨，NQ⊥MN，导轨的电阻均
不计。导轨平面与水平面间的夹角θ=37°，NQ间连接有一个R=4Ω的电阻。有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为B0=1T。将一根质量为m=0.05kg有一定阻值的金属棒ab紧靠NQ放置在导轨上，且与导轨接触良好。现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时达到稳定速度，已知在此过程中通过金属棒截面的电量q=0.2C，且金属棒的加速度a与速度v的关系如图乙所示，设金属棒沿导轨向下运动过程中始终与NQ平行。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：
（1）金属棒与导轨间的动摩擦因数μ
（2）cd离NQ的距离s
（3）金属棒滑行至cd处的过程中，电阻R上产生的热量
（4）若将金属棒滑行至cd处的时刻记作t=0，从此时刻起，让磁感应强度逐渐减小，为使金属棒中不产生
感应电流，则l
（1分）
（1分）
（1分）
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（1分）
（1分）
（3）
（1分）
（1分）
（1分）
（4）当回路中的总磁通量不变时，金属棒中不产生感应电流。此时金属棒将沿导轨做匀加速运动。
（1分）
（1分）
（1分）
考点：考查了电磁感应切割类问题
如图所示，长为31cm、内径均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，管内水银柱的上端正好与管口齐平，封闭气体的长为10cm，温度为27℃，外界大气压强不变。若把玻璃管在竖直平面内缓慢转至开口竖直向下，这时留在管内的水银柱长为15cm，然后再缓慢转回到开口竖直向上，求：
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（1）大气压强
（2）玻璃管重新回到开口竖直向上时空气柱的长度；
（3）当管内气体温度缓慢升高到多少℃时，水银柱的上端恰好重新与管口齐平？ 【答案】
（1）1.0×105Pa（2）L=10.67cm（3）t=177℃ 【解析】
试题分析：（1）（4分）p1=p0+21cmHgV1=10ST1=300K p2=p0-15cmHgV2=16ST2=300K
p1V1=p2V2 p0=75cmHg=1.0×105Pa （2）（4分）p3=75+15=90cmHgV3=LS p1V1=p3V3 L=10.67cm
（3）（4分）p4=p3=90cmHg V4=（31-15）S=16ST3=300K
的值；
T4=450Kt=177℃
考点：考查了理想气体状态方程的应用
如图所示，绝缘的光滑水平桌面高为h＝1.25m、长为s＝2m，桌面上方有一个水平向左的匀强电场。一个质量为m＝2×10-3kg、带电量为q ＝＋5.0×10-8C的小物体自桌面的左端A点以初速度vA＝6m/s向右滑行，离开桌子边缘B后，落在水平地面上C点。C点与B点的水平距离x＝1m，不计空气阻力，取g＝10m/s2。
（1）小物体离开桌子边缘B后经过多长时间落地？ （2）匀强电场E多大？
（3）为使小物体离开桌面边缘B后水平距离加倍，即意他的想法吗？试通过计算验证你的结论。 【答案】
，某同学认为应使小物体带电量减半，你同
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（1）0.5s（2）（3）不同意。要使水平射程加倍，必须使B点水平速度加倍，即
根据动能定理，有
解得
所以说该同学认为应使小物体的小物体带电量减半的想法是错误的。 【解析】
试题分析：（1）（4分）设小物体离开桌子边缘B点后经过时间t落地，则
得
（2）（4分）设小物体离开桌子边缘B点时的速度为vB，则
根据动能定理，有
得
（3）（4分）不同意。
要使水平射程加倍，必须使B点水平速度加倍，即 根据动能定理，有 解得
所以说该同学认为应使小物体的小物体带电量减半的想法是错误的。 考点：考查了动能定理的综合应用
质量分别为m1和m2的两个小物块用轻绳连接，m1=4m0，m2=5 m0。绳跨过位于倾角（＝37（的光滑斜面顶端的轻滑轮，滑轮与转轴间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上，如图所示。m1悬空，m2放在斜面上，m2自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端，用时为t。已知重力加速度为g，sin370=0.6，cos370=0.8。求：
（1）将m1和m2位置互换，使m2悬空，m1放在斜面上，m1自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端，两次绳中拉力之比；
（2）将m1悬空，m2放在斜面上，增加m2的质量，使m2从斜面顶端由静止开始运动至斜面底端的时间也为t，m2增加的质量。 【答案】
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（1）【解析】
（2）
试题分析：（1）第一次：m1：，m2：， （2分）
， （2分）
第二次：m2：
，m1：
， （1分）
，所以：； （1分）
（2）第一次：m1：（2分）
，m2：，
增加m2的质量，m2：，m1：，（1分）
根据：，可得：，（2分）
。 （1分）
考点：考查了牛顿第二定律的综合应用
（多选）如图所示“用DIS研究机械能守恒定律”实验装置。下列步骤正确的是（ ）
A.让摆锤自然下垂，调整标尺盘，使其竖直线与摆锤线平行
B.将摆锤置于释放器内，释放杆进行伸缩调整，使摆锤的系线松弛一点便于摆锤释放 C.调整光电门的位置，使光电门的接收孔与测量点位于同一水平面内
D.将释放器先后置于A、B、C点，将光电门置于标尺盘的D点，分别测量释放器内的摆锤由A、B、C三点静止释放摆到D点的势能和动能 【答案】 AC
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【解析】
试题分析：让摆锤自然下垂，以摆线为基准，调整标尺盘的放置位置，使标尺盘上的竖直线与摆线平行，故A正确；将摆锤置于释放器内并对释放杆进行伸缩调整，应该使摆锤的细线刚好绷紧释放摆锤，故B错误；调整光电门的位置，使光电门的接收孔与测量点位于同一水平面内，以保证竖直的高度测量准确，故C正确；应该把光电门置于标尺盘的B、C、D点，释放器的摆锤始终在A点，故D错误 考点：“用DIS研究机械能守恒定律”实验
如图所示的器材可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向，其中L1为原线圈，L2为副线圈。
（1）在给出的实物图中，将实验仪器连成完整的实验电路。
（2）在实验过程中，除了查清流入检流计电流方向与指针偏转方向之间的关系之外，还应查清_______的绕制方向（选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）。
（3）闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑动头P处于_______端（选填“左”或“右”）。 【答案】
（1）作图（3分） （2）L1和L2（2分） （3）右端（2分） 【解析】
试题分析：（1）电源，线圈路，如图所示
，开关，滑动变阻器组成一个闭合回路，电流表和线圈
组成一个闭合回
（2）还应查清“L1和L2” 绕制方向
（3）闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑动头P处于右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大． 考点：研究电磁感应现象及判定感应电流的方向
用DIS研究一定质量气体在温度不变时，压强与体积关系的实验装置如图1所示，实验步骤如下：
①把注射器活塞移至注射器中间位置，将注射器与压强传感器、数据采集器、计算机逐一连接；
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②移动活塞，记录注射器的刻度值V，同时记录对应的由计算机显示的气体压强值p； ③用V-1/p图象处理实验数据，如图2所示．
在实验中
（1）为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是_________________________________； （2）为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是___________________和____________________；
（3）如果实验操作规范正确，但如图所示的V-1/p图线不过原点，则纵坐标截距表示的是________________________。 【答案】
（1）在注射器活塞上涂润滑油（2）移动活塞要缓慢，不能用手握住注射器封闭气体部分（3）注射器与压强传感器连接部位的气体体积． 【解析】
试题分析：（1）为了保持气体质量不变，需要将注射器密封好，可以在注射器活塞上涂润滑油 （2）为了保持封闭气体的温度不变，移动活塞要缓慢，不能用手握住注射器封闭气体部分（3）注射器与压强传感器连接部位的气体体积．
（3）根据，因为T不变，所以，C为定值，则- ．如果实验操作规范正
确，但如图所示的图线不过原点，则代表注射器与压强传感器连接部位的气体体积．注射器与压
强传感器连接部位的气体体积．
考点：研究一定质量气体在温度不变时，压强与体积关系的实验
如图A.所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是B.图中的（）
【答案】 A 【解析】
试题分析：根据红进黑出可知红表笔连电源的负极，黑表笔连电源正极，由于欧姆档有不同的量程，所以
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需要串联一个滑动变阻器，故A正确 考点：考查了欧姆表的工作原理
质量为m的同步卫星距地面的高度约为地球半径的5倍，已知地球的半径为R，地球自转的周期为T，则同步卫星绕地球转动的线速度为___________，同步卫星受到的万有引力为_______。 【答案】
【解析】
试题分析：同步卫星的轨道半径为
，因为同步卫星的运动周期和地球自转周期相同，所以根据公式
可得，同步卫星受到地球的万有引力充当向心力，所以有
考点：考查了万有引力定律的应用
如图所示的电路中，纯电阻用电器Q的额定电压为U，额定功率为P。由于给用电器输电的导线太长，造成用电器工作不正常。现用理想电压表接在电路中图示的位置，并断开电键S，此时电压表读数为U，闭合电键S，其示数为
。则闭合电键后用电器Q的实际功率为____________，输电线的电阻为_______________。
【答案】
【解析】
试题分析：根据公式可得，Q的电阻为，闭合电建S后，电压表测量的是Q两端的实际电
压，故，用电器的实际工作电流为，损耗电压为，
根据欧姆定律可得导线电阻
考点：考查了电功率的计算，欧姆定律
；
一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下。若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，动能和重力势能之和_______________＿＿＿＿＿＿，重力势能和电势能之和
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_______________＿＿＿＿＿＿＿。（填“增加”、“减少”或“不变”）
【答案】 增加减少 【解析】
试题分析：从a运动到b的过程中，因为油滴受电场力和重力作用，重力方向竖直向下，所以电场力方向一定向上，过程中电场力做正功，电势能减小，化为机械能，即动能和重力势能之和增加，因为油滴在竖直方向上整体是向上运动的，所以电场力大于重力，合力向上，合力做正功，故动能增加，势能减小，即重力势能和电势能之和减小， 考点：考查了功能关系
一物块静置于水平面上，现用一与水平方向成37°角的拉力F使物体开始运动，如图A.所示。其后一段时间内拉力F随时间变化和物体运动速度随时间变化的图像如图B.所示，已知物块的质量为0.9kg，g=10m/s2。根据图像可求得，物体与地面间的动摩擦系数为___________，0~1s内拉力的大小为_________N。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
【答案】 【解析】
试题分析：从速度时间图像中可以看出，物块在故有
，因为
时间内做匀速直线运动，它在水平方向上受力平衡，
，所以
，代
入数据可得图像中可得
，物块在0-1s内做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得
，代入可得
，从速度时间
考点：考查了牛顿第二定律，滑动摩擦力，共点力平衡条件
如图甲是某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，图中R0表示该电阻在0℃时的电阻值，已知图线的斜率为k 。若用该电阻与电池（电动势为E、内阻为r）、理想电流表A、滑动变阻器R′ 串联起来，连接成如图乙所示的电路。用该电阻做测温探头，把电流表A的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”。
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（1）根据图甲，温度为t（t>0℃）时电阻R的大小为___________________。
（2）在标识“金属电阻温度计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系。请用E、R0、R′（滑动变阻器接入电路的阻值）、k等物理量表示待测温度t与电流I的关系式 t＝____________________________。
（3）如果某次测量时，指针正好指在在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值________15℃（填“大于”、“小于”或“等于”）。 【答案】
（1）R0+ k t ；（2）t =【解析】
试题分析：（1）根据几何知识可得
；（3）小于
（2）根据闭合回路欧姆定律可得，因为，联立可得t =
（3）从关系式中可得t与I是非线性关系，与欧姆表类似，温度t的刻度是不均匀的，左密右疏，则知若指针正好指在在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值小于15℃． 考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用
质点在x轴上运动，其位置坐标x随时间t的变化关系为x=2t2+2t-4，则其加速度a=___________m/s2。当t=0时，速度为___________m/s（x的单位是m，t的单位是s）。 【答案】 4m/s22m/s 【解析】
试题分析：对比公式可得
考点：考查了匀变速直线运动位移和时间关系式
质量为100kg的小船静止在水面上，船两端有质量40kg的甲和质量60kg的乙，当甲、乙同时以3m/s的速率向左、向右跳入水中后，小船的速度大小为_________________ m/s，方向是_______________________。 【答案】 0.6m/s，向左 【解析】
试题分析：系统的动量守恒，规定向左为正方向，设船的速度为v，根据动量守恒定律可得
，代入数据可得
考点：考查了动量守恒定律的应用
，速度为正，故方向向左
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如图所示是一个网球沿竖直方向运动时的频闪照片，由照片可知：（）
A.网球正在上升B.网球正在下降
C.网球的加速度向上 D.网球的加速度向下 【答案】 D 【解析】
试题分析：竖直上抛运动和自由落体运动互为逆运动，所以无法判断网球是上升还是下落，但是当网球在竖直方向上运动时，受重力作用，加速度向下，故D正确 考点：考查了自由落体运动和竖直上抛运动
在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图。过c点的导线所受安培力的方向 （）
A.与ab边平行，竖直向上 B.与ab边平行，竖直向下 C.与ab边垂直，指向左边 D.与ab边垂直，指向右边 【答案】 C 【解析】
试题分析：根据安培定则可得a导线在c处产生的磁场方向垂直ac指向左下，导线b在c处产生的磁场方向垂直bc指向右下，合磁场方向竖直向下，根据左手定则导线c受到的安培力方向与ab边垂直，指向左边，故C正确
考点：考查了安培定则，安培力
如图所示，小物体P放在水平圆盘上随圆盘一起转动，下列关于小物体所受摩擦力f的叙述正确的是 （ ）
A.f的方向总是指向圆心
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B.圆盘匀速转动时f=0
C.在物体与轴O的距离一定的条件下， f跟圆盘转动的角速度成正比 D.在转速一定的条件下，f跟物体到轴O的距离成正比 【答案】 D 【解析】
试题分析：当小物体有近心运动趋势时，摩擦力指向外侧，如果小物体有离心运动趋势时，摩擦力指向圆心，A错误；当盘匀速转动时，摩擦力充当向心力，不为零，B错误；运动过程中摩擦力充当向心力，根据公式
可得在P点到O点的距离一定的条件下，P受到的静摩擦力的大小跟圆盘转动的角速度的平
可得在转速一定的条件下， f跟物体到轴O的距离成正比，故C错误
方成正比，根据公式D正确；
考点：考查了匀速圆周运动规律的应用
一带正电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是减小的。关于b点电场强度E的方向，下列图示中符合题意的是（虚线是曲线在b点的切线）（ ）
【答案】 D 【解析】
试题分析：做曲线运动的物体在运动过程中受到的合力指向轨迹的内侧，故AB错误；由于速度减小，即电场力方向与速度方向夹角为钝角，故D正确 考点：考查了曲线运动
如图，竖直平面内的轨道I和II都由两段细直杆连接而成，两轨道长度相等，用相同的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿I和II推至最高点A，所需时间分别为t1、t2，动能增量分别为ΔEk1、ΔEk2，假定球在经过轨道转折点前后速度大小不变，且球与I和II轨道间的动摩擦因数相等，则 （ ）
A.ΔEk1＞ΔEk2，t1＞t2B.ΔEk1＝ΔEk2，t1＞t2 C.ΔEk1＞ΔEk2，t1＜t2D.ΔEk1＝ΔEk2，t1＜t2 【答案】 B 【解析】
试题分析：小球运动过程中，重力做负功，拉力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可得
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，因为上升的高度相同，所以重力做功相同，在水平方向的位移相同，拉力大小相同，
所以拉力做功相同，摩擦力做功
，摩擦力做功相同，故小球
动能变化量相同，作出在两个轨道上运动的速度时间图线如图所示，由于路程相等，则图线与时间轴围成的面积相等，由图可知，
．故B正确，
考点：考查了动能定理的应用
如图所示，在外力作用下某质点运动的速度-时间图像为正弦曲线，由图可判断（ ）
A.在0～t1时间内，外力在增大
B.在t1～t2时间内，外力的功率先增大后减小 C.在t2～t3时刻，外力在做负功 D.在t1～t3时间内，外力做的总功为零 【答案】 BD 【解析】
试题分析：速度时间图像的斜率表示加速度，在在减小，在
时间内，加速度在减小，根据牛顿第二定律可得外力
时刻速度为零，即外力
时间内，时刻加速度为零，即外力为零，外力功率为零，在
功率为零，外力功率从零变化到零，即先增大后减小，故B正确；在C错误；在
时间内，时刻和
时刻，速度在增大，外力做正功，
时刻的速度大小相同，根据动能定理可得外力做的总功为零，故D正确
考点：考查了速度时间图像，牛顿第二定律，动能定理
如图所示电路中，电源的内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法正确的是（ ）
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A.电压表示数变大 B.电流表示数变大 C.外电路等效电阻变大D.内电路消耗的功率变大 【答案】 AC 【解析】
试题分析：从电路图可知
和
并联后与
串联，再与
并联，电压表测量
两端电压，即路端电压，
电流表测量通过的电流，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，电路总电阻增大，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压增大，即电压表示数增大，路端总电流减小，而通过支路的电流增大，所以通过的电流减小，即两端的电压减小，故和并联电路两端的电压增大，所以通过的电流增大，所以通过的电流减小，即电流表示数减小，故AC正确B错误；因为电路总电流减小，内电路电阻不变，所以根据公式考点：考查了电路动态变化
如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处，滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度与绳子对货物竖直向上的拉力
之间的函数关系如图乙所示。由图可以判断： （） 可得内电路消耗的功率减小，故D错误
A.图线与纵轴的交点M的值B.图线与横轴的交点N的值C.图线的斜率等于物体的质量m D.图线的斜率等于物体质量的倒数【答案】 ABD 【解析】
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试题分析：货物受重力和绳子的拉力作用，根据牛顿第二定律可得，图线与纵轴的交点，即
当T=0时，，图线与横轴的交点即a=0时，，AB正确；根据牛顿第二定律可得，
根据关系式可得图像的斜率，C错误D正确
考点：考查了牛顿第二定律与图像
在国际单位制中属于选定的物理量和基本单位的是 （） A.力的单位牛顿 B.热力学温度的单位开尔文 C.路程的单位米 D.电压的单位伏特 【答案】 B 【解析】
试题分析：国际单位制中选定了 【解析】
试题分析：与门是所有条件都满足，事件才能发生，非门是输入状态和输出状态完全相反，A端为与门，B端为非门，所以当B端输入电信号“0”，D端输出为1，与门为“1”和“零”输入，所以C端输出为“0”，故B正确。
考点：考查了逻辑电路
下列说法中正确的是 （）
A.温度升高物体的动能增大
B.气体的体积增大时，分子势能一定增大
C.分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小
D.用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，就一定可以求出该种气体的分子质量 【答案】 C 【解析】
试题分析：物体的动能为宏观表现，和物体的质量以及速度有关，与物体的温度无关，故A错误；若气体分子间的距离小于平衡距离时，分子间表现为斥力，当距离增大时，斥力做正功，分子势能减小，B错误；
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分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，C正确；用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，加气体的摩尔质量，才能求出该种气体的分子质量，故D错误；
考点：考查了动能，分子间相互作用力，阿伏伽德罗常数
声波能绕过某一建筑物传播，这是因为 （ ）
A.声波是纵波B.声波是横波
C.声波的波长较长D.声波的频率较长 【答案】 C 【解析】
试题分析：声波能绕过某一建筑物传播，这是衍射现象，因为声波波长较长，C正确；
考点：考查了波的衍射现象
一列简谐横波沿x轴传播，某时刻的波形如图所示，已知此时质点F的运动方向向y轴负方向，则（
A.此波向x轴正方向传播
B.质点C将比质点B先回到平衡位置
C.质点C此时向y轴负方向运动
D.质点E的振幅为零 【答案】 B 【解析】
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）
试题分析：根据走坡法可得该简谐波向x轴负方向传播，A错误；此时C质点通过波峰位置向下运动，质点B正向波峰运动，质点C将比质点B先回到平衡位置，B正确；质点C在波峰，速度为零，C错误；该简谐波上各个质点的振幅相等，不为零，D错误；
考点：考查了简谐波的传播
如图所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量。设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气（ ）
A.体积不变，压强变小B.体积变小，压强变大
C.体积不变，压强变大D.体积变小，压强变小 【答案】 B 【解析】
试题分析：由于气体温度不变，属于等温变化，水位升高，封闭气体的体积减小，根据理想气体状态方程
（C为定值），压强增大，故B正确。
考点：考查了理想气体状态方程
如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中a、b两质点：（ ）
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A.角速度大小相同 B.线速度大小相同
C.向心加速度大小相同D.向心力大小相同 【答案】 A 【解析】
试题分析：两质点是同轴转动，角速度相同，由于半径不同，根据公式
可得向心加速度不同，根据公式
考点：考查了圆周运动规律的应用
两个半径为1cm的导体球分别带上+Q和-3Q的电量，两球心相距90cm时相互作用力为F，现将它们碰一下后放在球心间相距3cm处，则它们的相互作用力大小（ ） A.300F （ B）1200F C.900F D.无法确定 【答案】 D 【解析】
试题分析：库伦定律适用于两个点电荷之间相互作用力的计算，带电球的半径为1cm，当两球相距3cm时，两个带电球不能看做点电荷，库仑定律不在适用，故无法确定两球之间的相互作用力，D正确 考点：考查了库仑定律
如图所示，在长约100cm一端封闭的玻璃管中注满清水，水中放一个用红蜡做成的小圆柱体（小圆柱体恰能在管中匀速上浮），将玻璃管的开口端用胶塞塞紧．然后将玻璃管竖直倒置，在红蜡块匀速上浮的同时使玻璃管紧贴黑板面水平向右匀加速移动，你正对黑板面将看到红蜡块相对于黑板面的移动轨迹不可能是下面的 （ ）
可得线速度不同，根据公式
，质量相同，加速度不同，故向心力不同，故A正确
【答案】 ABD 【解析】
试题分析：在水平方向上做匀加速直线运动，在竖直方向上做匀速直线运动，所以红蜡块受到的合力水平向右，因为蜡块做曲线运动，轨迹不可能是折线，A不可能；做曲线运动的物体受到的合力指向轨迹的内侧，所以BD不可能， 考点：考查了运动的合成
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